[NOI2014]起床困难综合症 题解
题目地址:洛谷:【P2114】[NOI2014]起床困难综合症 – 洛谷、BZOJ:Problem 3668. — [Noi2014]起床困难综合症
题目描述
21世纪,许多人得了一种奇怪的病:起床困难综合症,其临床表现为:起床难,起床后精神不佳。作为一名青春阳光好少年,atm一直坚持与起床困难综合症作斗争。通过研究相关文献,他找到了该病的发病原因: 在深邃的太平洋海底中,出现了一条名为drd的巨龙,它掌握着睡眠之精髓,能随意延长大家的睡眠时间。 正是由于drd的活动,起床困难综合症愈演愈烈, 以惊人的速度在世界上传播。为了彻底消灭这种病,atm决定前往海底,消灭这条恶龙。历经千辛万苦,atm终于来到了drd所在的地方,准备与其展开艰苦卓绝的战斗。drd有着十分特殊的技能,他的防御战线能够使用一定的运算来改变他受到的伤害。具体说来,drd的防御战线由n扇防御门组成。每扇防御门包括一个运算op和一个参数t,其中运算一定是OR,XOR,AND中的一种,参数则一定为非负整数。如果还未通过防御门时攻击力为x,则其通过这扇防御门后攻击力将变为x op t。最终drd受到的伤害为对方初始攻击力x依次经过所有n扇防御门后转变得到的攻击力。
由于atm水平有限,他的初始攻击力只能为0到m之间的一个整数(即他的初始攻击力只能在 0, 1, … , m中任选,但在通过防御门之后的攻击力不受m的限制)。为了节省体力,他希望通过选择合适的初始攻击力使得他的攻击能让drd受到最大的伤害,请你帮他计算一下,他的一次攻击最多能使drd受到多少伤害。
输入输出格式
输入格式:
输入文件的第 1 行包含 2 个整数,依次为n, m,表示 drd 有n扇防御门,atm 的初始攻击力为0到m之间的整数。
接下来n行,依次表示每一扇防御门。每行包括一个字符串op和一个非负整数t,两者由一个空格隔开,且op在前,t在后,op表示该防御门所对应的操作,t表示对应的参数。
输出格式:
输出一行一个整数,表示atm的一次攻击最多使drd受到多少伤害。
输入输出样例
输入样例#1:
3 10 AND 5 OR 6 XOR 7
输出样例#1:
1
说明
【样例说明】
atm可以选择的初始攻击力为 0,1, … ,10。
假设初始攻击力为 4,最终攻击力经过了如下计算
4 AND 5 = 4
4 OR 6 = 6
6 XOR 7 = 1
类似的,我们可以计算出初始攻击力为 1,3,5,7,9 时最终攻击力为 0,初始攻击力为 0,2,4,6,8,10 时最终攻击力为 1,因此atm的一次攻击最多使drd受到的伤害值为1。
题解
我们发现每个二进制位可以单独考虑,不如采取一个偷懒一点的方式,使每位为1或0按流程跑一遍,然后利用跑出来的结果决定。从大到小枚举每一位,对于一位上0变1的,肯定是用1;对于一位上1变1的,如果m够大也可以用。
总复杂度是O(n+30)。
代码
// Code by KSkun, 2018/3
#include <cstdio>
typedef long long LL;
inline char fgc() {
static char buf[100000], *p1 = buf, *p2 = buf;
return p1 == p2 && (p2 = (p1 = buf) + fread(buf, 1, 100000, stdin), p1 == p2) ? EOF : *p1++;
}
inline LL readint() {
register LL res = 0, neg = 1;
char c = fgc();
while(c < '0' || c > '9') {
if(c == '-') neg = -1;
c = fgc();
}
while(c >= '0' && c <= '9') {
res = res * 10 + c - '0';
c = fgc();
}
return res * neg;
}
inline void readop(char *op) {
char c = '*';
int siz = 0;
while(c < 'A' || c > 'Z') c = fgc();
while(c >= 'A' && c <= 'Z') {
op[siz++] = c;
c = fgc();
}
op[siz] = '\0';
}
LL n, m, t, f = (1 << 30) - 1, g = 0, ans = 0;
char op[5];
int main() {
n = readint();
m = readint();
for(int i = 0; i < n; i++) {
readop(op);
t = readint();
if(op[0] == 'A') {
f &= t;
g &= t;
}
if(op[0] == 'O') {
f |= t;
g |= t;
}
if(op[0] == 'X') {
f ^= t;
g ^= t;
}
}
for(int i = 29; i >= 0; i--) {
if(g & (1 << i)) {
ans += (1 << i);
} else if(m >= (1 << i) && f & (1 << i)) {
ans += (1 << i);
m -= (1 << i);
}
}
printf("%lld", ans);
return 0;
}